Почему type hint ругается на наследника? Не могу понять одну вещь:
Есть абстрактный класс Model, у него наследники Employee и Department.
Есть абстрактный класс TableDataGateway, у него наследники EmployeeTDGW и DepartmentTDGW
Я в классе TableDataGateway пишу: abstract public function add(Model $object); - подразумевая, что можно передавать только Model и её наследников
В дочерних классах я хочу видеть что-то типа public function add(Department $department) - уточняю, что не любой Model, а только Department
Но выскакивает warning кричащий о несоответствии типов. Пришлось в наследниках так-же прописывать Model в качестве переданных параметров.
Как можно сделать такое уточнение и что-бы валидатору понравилось моё решение?

Предыдущий
вопрос Следующий
вопрос

Проблема здесь в том, что PHP не поддерживает конкретные типы для аргументов методов в наследниках. В данном случае, вы пытаетесь использовать тип Department вместо Model в методе add, что PHP не позволяет сделать.

Чтобы обойти эту проблему, вам придется использовать интерфейсы вместо конкретных классов. Вы можете создать интерфейс, который будет имплементировать все ваши модели, и использовать его в качестве типа аргумента в методе add.

Например, вы можете создать интерфейс ModelInterface и имплементировать его в классах Employee и Department:

interface ModelInterface {
// общие методы для всех моделей
}
class Employee extends Model implements ModelInterface {
// реализация класса Employee
}
class Department extends Model implements ModelInterface {
// реализация класса Department
}

Затем вы можете изменить ваш метод add в классе TableDataGateway на:

abstract public function add(ModelInterface $object);

И в наследниках EmployeeTDGW и DepartmentTDGW использовать тип ModelInterface для аргумента метода add:

public function add(ModelInterface $model) {
// реализация метода
}

Таким образом, вы сможете уточнить тип аргумента метода add в наследниках, используя интерфейс вместо конкретного класса.